-
Главная
-
Пробные и реальные тесты ЕГЭ
-
ЕГЭ по информатике
- Досрочный ЕГЭ 2015 по информатике
Досрочный ЕГЭ 2015 по информатике
| 💬 (73) |
- 06.05.2015
Стали доступны варианты досрочного ЕГЭ в 2015 году.
К сожалению, каждый предмет представлен всего лишь одним вариантом.
Здесь опубликован вариант КИМа досрочного ЕГЭ 2015 по информатике, который проходил 4 апреля в 2015 году.
Предлагаем вам его тщательно разобрать и решить. Свои варианты ответов публиковать в комментариях ниже.
Досрочный ЕГЭ по информатике стал доступен на сайте ФИПИ 5 мая 2015 года.
Смотреть в PDF:
Или прямо сейчас: cкачать в pdf файле.
Сохранить ссылку:
1 задание и 10 задание как решаются?
Не могли бы вы написать ответы на этот тест?
1 задание и 10 задание как решаются?
1)1
2)4
3)2
4)7
5)13
6)46
7)3010
8)62
9)23
10)128
11)4
12)240
13)1000
14)5
15)22
16)28
17)80
18)24
19)8
20)35
21)13
22)14
23)54
1.4
2.4
3.2
4.7
5.13
6.46
7.3010
8.62
9.10
10.404
11.4
12.240
13.1000
14.5
15.22
16.29
17.80
18.3
19.8
20.35
21.12
22.28
23 я почти никогда не делаю :D
То, что получилось в D2,то и будет в E1
1.4
2.4
3.2
4.7
5.13
6.46
7.3010
8.62
9.10
10.404
11.4
12.240
13.1000
14.5
15.22
16.29
17.80
18.3
19.8
20.35
21.12
22.28
23 я почти никогда не делаю :D
Объясни тупой , как 3010? в 7-м
В 18 ответ 24.
Не стоит упрощать импликацию, рассуждайте от нее. Вы получите единственное исключение, это когда 1 -> 0, т.е. вторая скобка ложна. А вторая скобка ложна, тоже когда 1 -> 0. Таким образом получаем, что наше А должно делиться на 6 и 4. А наибольшее такое будет 24. (если взять число больше, например 48, то при х=24 мы получаем ложь)
Первое задание решается бинарным деревом. Т.к. А встречается чаще всего, то её нужен наименьший код, потом для Б чуть длиннее и для В и Г одинаковой длины.
10 задание: Рассуждаем так. В каждом коде обязательно будет буква С один раз и пусть она всегда стоит на 1 позиции. Значит у нас остаётся 3 буквы по 4 позициям. А это 3^4=81. Если буква С будет на второй позиции, то мы снова получим 81 и так для всех 5 позиций буквы С. Таким образом получим 3^4*5 = 405
1) 1
2) 4
3) 2
4) 7
5) 13
6) 46
7) 3010
8) 62
9) 10
10) 405
11) 4
12) 240
13) 1000
14) 5
15) 22
16) 29
17) 80
18) 24
19) 8
20) 35
21) 13
22) 28
23) 338
Она абсолютная только для буквенной или только для числовой части выражения ;-)
Преобразовав выражение получим 2^32+2^36-2^4. Если от 2^32 отнять 2^4, то мы получим 4 нуля в конце и 28 единиц. И добавим ещё 1 единицу из 2^36
Почему нельзя отнять 2^36-2^4,это даст 32 единицы. А 2^32 это 1 единица.
Можно, только нужно учитывать, что когда будем добавлять 2^32 на 33 с конца позицию встанет 1. Получим сумму 1+1=10, т.е. единица уйдёт в старший разряд, где получим снова 1+1=10 и т.д. пока не закончится число. т.е. начиная с 33 позиции у нас станут нули, а на 37 позиции появится 1.
а так вот ответ с 1ого по 23 (мои):
1) 1
2) 4
3) 1
4) 7
5) 13
6) 46
7) 3010
8 ) 62
9) 10
10) 85
11) 5
12) 80
13) 1000
14) 5
15) 22
16) 33
17) 80
18) 12 и только(24 не подходит,чекайт е решение,если Х=12)
19) 8
20) 35
21) 12
22) 16
23) 5376 (решал через ветвление)
Цитирую Влад:
парочка опечаток вышла :c
в 3) 2,в 10) 86
2) 4
3) 2
4) 7
5) 13
6) 46
7) 3010
8) 62
9) 10
10) 405
11) 4
12) 80
13) 1000
14) 5
15) 22
16) 29
17) 80
18) 12
19) 8
20) 35
21) 13
22) 28
23) 5376
c1 : 1)4
2)19 (любое число,начинающи еся на большее число,кратное 3)
3)убрать строчку "maxDigint :=n mod 10;"
c2 : for i:=1 to n-1 do
if (a mod 3 = 0)and(a[i+1) mod 3 = 0)
then k:=k+1;
writeln(k);
c3 : a) d≥24
б) 0
с)24
д)21
а с4 много писать -_-
если что vk.com/yellowdo mination
Вы не совсем правы. При А=24 и х=30, получим 1-> (1 -> 1) что есть истина.
Но вот 24 действительно не подходит. Правильный ответ 12.
Там же все разжевано подробно...
Это значит, что в какой-то момент получившееся число должно равняться 10. Оставшаяся часть программы превращает его в 21. Де-факто нужно посчитать кол-во вариантов для превращения 1 в 10 и 10 в 21, а потом их умножить друг на друга.
Мои ответы:
1a) 25
1a)25
1a)от 25 до 49 1б)0 2)24 3)23
ребят, 10) 405
1. 1
2. 4
3. 2
4. 7
5. 13
6. 46
7. 3010
8. 62
9. 10
10. 405
11. 4
12. 240
13. 1000
14. 5
15. 22
16. 29
17. 80
18. 12
19. 8
20. 35
21. 13
22. 28
23. 54
вы не выкидываете единицу из 81.
А почему мы должны убирать 1 из 81?
Посмотрите мой разбор задач на http://vk.com/inege
мы разве не входим в цикл 6 раз?
В каком смысле нельзя? Его нужно там исправлять :-)
Нет, не можем. Если у нас получится число 3, то в ответе запишет "NO", что не верно.
Но мы можем заменить на знак меньше:
if maxDigit
A1 A2 A3
1 4 2
Ответы к заданиям с кратким ответом
B4 7 B14 5
B5 13 B15 22
B6 46 B16 29
B7 3010 B17 80
B8 62 B18 12
B9 10 B19 8
B10 405 B20 35
B11 4 B21 13
B12 240 B22 28
B13 1000 B23 54
Ответы к заданиям с развернутым ответом
С24 1. 4 2. 103
3. ошибка: maxdigit:= N mod 10; if maxdigit:= -1
исправление: maxdigit:= -1; if maxdigit:= -1
С25
K:=0;
FOR I:=1 TO N-1 DO
IF (A MOD 3 =0) AND (A[I+1] MOD 3 =0) THEN K:=K+1;
WRITE(K);
С26:
1а при S ³ 25 Петя выиграет первым же ходом, удвоив число камней во второй куче.
1б значений S, удовлетворяющих условию 1б, нет
2. При S = 24 Петя не может выиграть за один ход, но может выиграть за два. Для этого ему нужно добавить 1 камень в первую кучу, получив позицию (6,24), которая является проигрышной для Вани.
Для любого хода Вани в этой позиции (6,24) есть выигрышный второй ход Пети – удвоение второй кучи.
При S = 22 Петя не может выиграть за один ход, но может выиграть за два. Для этого ему нужно удвоить число камней в первой куче (5,24) , получив позицию (10,22), которая является проигрышной для Вани. Для любого хода Вани в этой позиции есть выигрышный второй ход Пети – удвоение второй кучи
3. при S = 21 и S = 23 у Вани есть выигрышная стратегия, позволяющая ему выиграть первым или вторым ходом при любой игре Пети, но у него нет стратегии, которая позволит ему гарантированно выиграть первым ходом.
Почему в 6 ответ 44??
Мое решение:
Q=M в степени N. М сколько букв в алфавите
N- длина сообщения. Т.к.С встречается один раз в длину не учитываем.
Q= 3 в 4=81
С может находиться в 5 позициях:
Например: СЛЛЛЛ, ЛСЛЛЛ, ЛЛСЛЛ, ЛЛЛСЛ, ЛЛЛЛС
Значит: 81*5=405
Вы говорите это как ноющий малолетний ребёнок, да задания сложные, однако, если немного побольше подумать, решаемы
согласен
не правильно
Точно! 8) расслабился теперь перед самым самым экзаменом сворачиваю горы :roll:
Мое решение:
Q=M в степени N. М сколько букв в алфавите
N- длина сообщения. Т.к.С встречается один раз в длину не учитываем.
Q= 3 в 4=81
С может находиться в 5 позициях:
Например: СЛЛЛЛ, ЛСЛЛЛ, ЛЛСЛЛ, ЛЛЛСЛ, ЛЛЛЛС
Значит: 81*5=405 Так вот с чего вдруг мы длину не учитываем? Длина слова без с - 4. Если взять как 3ую сс - л - 0, н-2. Различных комбинаций 2*3^3+2*3^2+2*3 ^1+2*3^0 и потом уже умножаем на 5 чтоб учесть все 5 комбинаций. Получается 400 как раз
ПрИ x=12 у тебя тоже получается ложь
1 а) Диапазон значений S [25..49]
(25*2;5) => 50+5=55
(49+1;5) => 50+5=55
б) Именно число 24 будет являться числом камней, при котором Ваня выиграет первым ходом:
Петя (24+1;5) Ваня (25*2;5) = 55
Петя (24*2;5) Ваня (48*2;5) >55
В задании не сказано, что оба хода должны привести Ваню к победе, после хода Пети, значит ответ на б) 1 - S=24;
2)S=23;}
3)S=22;} Тут уж сами подумайте!